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2022年秋粤沪版物理八年级上册期中测试题及答案(一)

docx 2022-08-15 13:00:09 12页
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粤沪版物理八年级上册期中测试题(一)一、填空题(每空2分,共26分。将答案直接写在横线上,不必写出解题过程。)1.质量为50kg的李扬同学在跳绳训练中,若他跳起时双脚离开地面4cm,则李扬同学跳绳一次克服自身重力所做的功是  J.【考点】功的计算.【分析】知道溧阳的质量和他跳起时双脚离开地面的高度,根据W=Gh=mgh求出跳绳一次克服自身重力所做的功.【解答】解:李扬同学跳绳一次克服自身重力所做的功:W=Gh=mgh=50kg×9.8N/kg×0.04m=19.6J.故答案为:19.6.2.如图所示,斜面长s=10m,高h=4m.用沿斜面50N的拉力F,将一个重为100N的物体由斜面底端A匀速拉到顶端B.请在图中画出物体所受斜面支持力的示意图,并求出斜面的机械效率为  .【考点】斜面的机械效率.【分析】(1)斜面对物体的支持力和物体对斜面的压力是一对相互作用力,方向是相反的;压力的方向是垂直于斜面向下的,支持力就是垂直于斜面向上的,作用点在物体的重心上;(2)根据η=×100%=×100%求出斜面的机械效率.【解答】解:(1)物体受到斜面支持力的方向是垂直斜面向上,作用点画在物体的重心上,如下图所示:(2)斜面的机械效率:η=×100%=×100%=×100%=80%.故答案为:如上图所示;80%.3.燃气热水器是用天然气作为燃料给水加热的,已知天然气的热值为4.0×107J/m3,完全燃烧2m3的天然气可以获得    J的热量.【考点】燃料的热值.【分析】根据Q=Vq可求出完全燃烧2m3的天然气放出的热量.【解答】解:完全燃烧2m3的天然气放出的热量:Q放=Vq=2m3×4.0×107J/m3=8.0×107J.故答案为:8.0×107.4.如图所示,闭合开关后,导体棒发生摆动,这是因为      ;导体棒在磁场里摆动时,  (选填“会”或“不会”)产生感应电流.【考点】磁场对通电导线的作用;电磁感应.【分析】(1)通电导体在磁场中受力,受力方向与磁场方向和电流方向两个因素有关,根据这一原理人们制成的电动机;(2)电磁感应:闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动,导体中有感应电流产生.【解答】解:(1)闭合开关后,导体棒发生摆动,这是因为通电导体在磁场中受力;(2)导体棒在磁场里摆动时相当于导体做切割磁感线运动,所以电路中有感应电流.故答案为:通电导体在磁场中受力;会.5.如图甲所示的电路中,滑动变阻器的滑片P从a端移到b端,定值电阻两端的电压随滑动变阻器R2阻值变化的图象如图乙所示,则定值电阻R1阻值为  Ω.【考点】欧姆定律的应用.【分析】由图甲可知,定值电阻与滑动变阻器串联,电压表测定值电阻两端电压;当滑片在a端时,只有定值电阻接入电路,电压表测电源两端电压,则由图示图象得出电源电压;然后在图象中找出一组电压与电阻的对应值,应用串联电路特点、欧姆定律即可求R1阻值出.【解答】解:由图甲所示电路图可知,定值电阻与滑动变阻器串联,电压表测定值电阻两端电压;由图甲所示电路可知,滑片在a端时,只有定值电阻接入电路,电压表测电源两端电压,由图乙所示图象可知,电源电压U=6V;由图示图象可知,R2=20Ω时,U1=2V,根据串联电路的总电压等于各电阻两端的电压之和可知:U2=U﹣U1=6V﹣2V=4V,电路电流:I===0.2A,由I=得:R1===10Ω.故答案为:10.6.合肥地铁1号线是安徽省的首条地铁线路,于2016年12月26日正式开通运营.首期运营的线路长24.58km,运营平均速度40km/h,若以此速跑完全程,需  分钟,若以行驶的地铁为参照物,站台上的广告牌是  的(选填“运动”或“静止”)【考点】速度公式及其应用;参照物及其选择.【分析】(1)已知列车运行路程和平均速度,根据v=的变形公式t=求出列车的运行时间;(2)运动和静止是相对的,相对于参照物来说物体位置发生变化则是运动的,否则是静止的.【解答】解:由v=得,地铁的运行时间:t===0.6145h=36.87min.若以行驶的地铁为参照物,站台上的广告牌相对于列车来说位置发生变化,所以说广告牌是运动的.故答案为:36.87;运动.7.一首歌曲需要填词作曲.作曲者谱写的是演唱者唱歌时的  (选填“音色”、“响度”或“音调”)【考点】频率及音调的关系.【分析】解决此题的关键是要知道声音的响度与声源振动的幅度有关,振动幅度越大,响度越大;音调的高低与发声体振动快慢有关,物体振动越快,音调就越高.【解答】解:一首歌曲的作曲,作曲家主要谱写的是演唱者唱歌时的音调,也就是我们俗称的歌曲的旋律.故答案为:音调.8.物态变化是自然界中常见的热现象,如:①早春,河中的冰逐渐消融②盛夏,剥开包装纸后冰棒会冒“白气”③深秋,清晨的雾在太阳出来后散去④冬天,早晨草地上铺上一层白霜.其中是由于液化形成的是  (选填序号)【考点】液化及液化现象.【分析】要分析是什么物态变化,就要先确定此物质原来是什么状态,现在又是什么状态,即判断该物质由什么状态变化到什么状态.【解答】解:①河中的冰消融是固态冰变液态水,是熔化现象;②冰棒冒的“白气”是冰棒周围的气态的水蒸气遇冷变成的液态小水珠,是液化现象;③雾散去是液态的水变气态的水蒸气,是汽化现象;④霜是固态小冰晶,是空气中的水蒸气凝华形成的.故答案为:②.【点评】此题考查的是物态的几种变化,要注意物质原来和现在的状态,也要区别汽化的“汽”和气态的“气”. 9.小明放学一回家就闻到从厨房飘出的饭菜香味,这是扩散现象,它说明了分子在      .【考点】扩散现象.【分析】根据分子的性质回答,分子都很小,分子间有间隔,分子在不断运动.【解答】解:闻到饭菜香味是由于分子在不停的做无规则运动到你的鼻孔,刺激嗅觉细胞,使小明闻到了香味.故答案为:不停的做无规则运动.10.一块质量为100g的冰块漂浮在水中,盛放在大烧杯内,如图所示,则冰块受到的浮力为  N【考点】物体的浮沉条件及其应用.【分析】冰块漂浮在水中时受到的浮力和自身的重力相等,根据F浮=G=mg求出其大小.【解答】解:因冰块漂浮在水中,所以,冰块受到的浮力:F浮=G=mg=0.1kg×9.8N/kg=0.98N.故答案为:0.98.二、选择题(在每个小题的选项中,只有一个选项符合题目要求,每小题3分,共21分)11.在探究凸透镜成像规律时,调整“三心等高”后,将凸透镜固定在光具座的50cm刻度处,将发光的F光源放在光具座的26cm刻度处时,调节凸透镜另一侧光屏的位置,能得到一个放大的实像.那么,当F光源移到离凸透镜10cm时,则F光源经凸透镜所成的像一定是(  )A.倒立、缩小、实像B.倒立、放大、实像C.正立、放大、虚像D.不能成像【考点】凸透镜成像规律及其探究实验.【分析】根据物体成放大的实像时的物距求出焦距,在根据凸透镜成像规律分析.【解答】解:将凸透镜固定在光具座的50cm刻度处,将发光的F光源放在光具座的26cm刻度处时,此时的物距为u=50cm﹣26cm=24cm,此时成倒立、放大的实像,则f<24cm<2f,则12cm<f<24cm;当F光源移到离凸透镜10cm时,在一倍焦距之内,成正立、放大的虚像.故选:C.【点评】本题考查了凸透镜的呈现规律,根据题意得出凸透镜的焦距是解题的关键. 12.下列有关内能的说法中,正确的是(  )A.物体吸收热量后,内能增加,温度升高B.高温高压气体膨胀对外做功,其内能变大C.热量总是从内能大的物体向内能小的物体传递D.物体内能的改变量等于所做的功或传递的热量【考点】温度、热量与内能的关系;热量的概念;热传递;做功改变物体内能.【分析】(1)晶体熔化过程中,吸热但温度不变;(2)物体对外做功,内能减小;(3)发生热传递的条件是:存在温差;(4)物体内能的改变量等于所做的功或传递的热量;【解答】解:A、晶体熔化过程中,吸热但温度不变,故A错误;B、高温高压气体膨胀对外做功,其内能减小,故B错误;C、热量总是从温度高的物体向温度低的物体传递,故C错误;D、从能量的转化可知,物体内能的改变量等于所做的功或传递的热量,故D正确;故选D.13.如图,一重为G的物体放在粗糙的水平地面上,在斜向上的拉力F的作用下,用时t,向右匀速运动距离s.有关物体受力、功、功率,以下说法错误的是(  )A.在水平方向上物体受到地面的摩擦力和拉力F沿水平方向的分力平衡B.在竖直方向上,物体受到重力、地面的支持力和拉力F沿竖直方向的分力C.拉力F所做的功W=Fs,功率P=D.拉力F所做的功W=Fscos30°,功率P=【考点】功的计算;平衡力的辨别;功率的计算.【分析】(1)根据二力平衡分析;(2)物体在竖直方向上受到三个力的共同作用;(3)(4)根据功和功率的计算公式分析.【解答】解:A、在水平方向上,物体做匀速直线运动,则在水平方向上受力平衡,故物体受到地面的摩擦力和拉力F沿水平方向的分力平衡,故A正确;B、物体在竖直方向上受到重力、地面的支持力和拉力F沿竖直方向的分力的共同作用,故B正确;CD、结合图示可知,拉力在水平方向上的分力为:F'=Fcos30°,则拉力F所做的功:W═F's=Fcos30°•s=Fscos30°,功率P==,故C错误,D正确;故选:C.14.如图甲所示,小球从某高度处静止下落到竖直放置的轻弹簧上并压缩弹簧.从小球刚接触到弹簧到将弹簧压缩最短的过程中,得到小球的速度v和弹簧被压缩的长度△l之间的关系,如图乙所示,其中b为曲线最高点.不计空气阻力,弹簧在整个过程中始终发生弹性形变,则小球(  )A.运动过程中惯性减小B.运动过程机械能先增大后减小C.在b点时重力等于弹力D.受到的弹力先减小后增大【考点】惯性;弹力;机械能.【分析】(1)惯性大小只跟物体的质量大小有关,跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系,质量越大,惯性越大.(2)机械能是动能和势能的统称,动能与物体的质量和速度有关;(3)小球从a到b的过程中,受弹簧的弹力、重力,重力大于弹力,小球速度越来越大.随弹簧压缩量的增大,弹力越来越大,当小球到达b点时,弹力与重力相等.【解答】解:A、惯性大小只跟物体的质量大小有关,跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系.小球运动过程中质量不变,惯性不变.故A错误;B、小球从某高度处静止下落到竖直放置的轻弹簧上并压缩弹簧.此过程中小球的机械能转化为弹簧的弹性势能,所以小球的机械能变小,故B错误;CD、小球从a到b的过程中,受竖直向上的弹簧的弹力,竖直向下的重力,重力大于弹力,合力向下,小球速度越来越大.随弹簧压缩量的增大,弹力越来越大,当小球到达b点时,弹力与重力相等,两力是一对平衡力,合力为零,故C正确,D错误.故选C.15.如图所示电路中,电源电压为3V,当开关S闭合后,只有一只灯泡发光,且电压表示数为3V,产生这种现象的原因是(  )A.灯L1短路B.灯L2短路C.灯L1断路D.灯L2断路【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用.【分析】由电路图可知,两灯泡串联,电压表测灯L1两端电压;灯泡不亮,可能是由于灯泡短路或电路存在断路造成的,根据电路故障现象分析电路故障原因.【解答】解:A、如果灯L1短路,灯L1不发光,灯L2发光,电压表示数为零,故A错误,不符合题意;B、如果灯L2短路,灯L2不发光,灯L1发光,电压表测电源电压,示数等于电源电压3V,符合题意;CD、如果灯L1断路或L2断路,两灯泡均不发光,故CD错误,不符合题意.故选B.16.如图所示的电路中,电源电压保持不变,闭合开关S,在将滑动变阻器R的滑片P自左向右移动的过程中:①V1示数变大②V2示数变大③A示数变小④灯泡L亮度变亮,以上四点描述中正确的是(  )A.①②B.②③C.①④D.②④【考点】电路的动态分析.【分析】由电路图可知,滑动变阻器R与灯泡L串联,电压表V1测L两端的电压,电压表V2测R两端的电压,电流表测电路中的电流,根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化,根据欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡两端的电压变化,根据P=UI可知灯泡实际功率的变化,进一步判断亮暗的变化,根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端的电压变化.【解答】解:由电路图可知,滑动变阻器R与灯泡L串联,电压表V1测L两端的电压,电压表V2测R两端的电压,电流表测电路中的电流;将滑动变阻器R的滑片P向右移动时,变阻器接入电路中的电阻变小,电路中的总电阻变小,由I=可知,电路中的电流变大,即电流表A的示数变大,故③错误;由U=IR可知,灯泡两端的电压变大,即电压表V1的示数变大,故①正确.因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小,所以,由P=UI可知,灯泡的实际功率变大,灯泡变亮,故④正确;因串联电路中总电压等于各分电压之和,且灯泡两端的电压变大,所以,滑动变阻器两端的电压变小,即电压表V2的示数变小,故②错误.故选C.17.有一环形电流,相当于一匝线圈.当电流从A端流入B端流出时,原本如图所示位置静止的小磁针会(  )A.水平转动至N极指向纸内B.水平转动至S极指向纸内C.顺时针转动90度至竖直位置D.逆时针转动90度至竖直位置【考点】通电螺线管的磁场.【分析】闭合开关S后,环形导线中通有顺时针方向的电流,根据安培定则判断磁场方向.根据小磁针N极受力方向与磁场方向相同判断N极偏转方向.【解答】解:闭合开关S后,环形导线中通有顺时针方向的电流,根据安培定则判断环形导线内部磁场向里,外部磁场向外,则小磁针的N极向里偏转.故选:A.三、实验与探究题(第18题6分,第19题6分,第20题8分,共计20分)18.为了探究光的反射规律,小明用如图所示的装置进行实验,平面镜M置于水平桌面上.把一可沿ON折叠的白色带有刻度硬纸板竖直放置在平面镜M上.(1)实验过程中,纸板与平面镜必须  放置;(2)以法线ON为轴线,将白色硬纸板的B面绕法线ON向前或向后旋转,可以探究:反射光线、入射光线和法线是否在同一平面内,此时反射光线的位置 (选填“发生”或“不发生”)变化;(3)接下来小明想探究反射角与入射角大小关系,请你叙述实验操作过程      .【考点】光的反射定律.【分析】(1)实验过程中,纸板与平面镜必须放置,这样才更方便让物像重合;(2)光的反射定律:入射光线、反射光线和法线在同一平面内,入射光线和反射光线分居在法线两侧,反射角等于入射角.(3)多次实验可以多测量几组数据,得到的规律更具有说服力.【解答】解:(1)实验过程中,纸板与平面镜必须放置,这样才更方便让物像重合;(2)以法线ON为轴线,将白色硬纸板的B面绕法线ON向后旋转,此时反射光线的位置不发生变化,因为反射光线是由入射光线决定的.(3)多次改变入射角的大小去测反射角大小,是为了探究反射角与入射角的大小关系,使实验结论更具普遍性;故下来小明想探究反射角与入射角大小关系,请你叙述实验操作过程是:多次改变入射角大小,测量对应的反射角,比较两者大小得出结论.故答案为:(1)垂直;(2)不改变;(3)多次改变入射角大小,测量对应的反射角,比较两者大小得出结论.19.为研究橡皮筋是否也与弹簧有类似的性质,某实验小组的同学对A、B两根长度相同粗细不同的橡皮筋进行研究,并做成橡皮筋测力计.将橡皮筋的一端固定,另一端悬挂钩码(图甲所示),记录橡皮筋受到的拉力大小F和橡皮筋的伸长量△x,根据多组测量数据画出的图线如图乙所示.(1)当在两根橡皮筋上都悬挂重为6N的钩码时,橡皮筋A的伸长量为 cm,橡皮筋B的伸长量为 cm.(2)分别用这两根橡皮筋制成测力计,则用橡皮筋 B 制成的测力计量程大,用橡皮筋 制成的测力计测量的精确程度高(均选填“A”或“B”).(3)将本实验中相同的两根橡皮筋A并联起来可以制成量程更大的弹簧测力计,能够测量力的最大值为 N.【考点】探究弹簧测力计原理的实验.【分析】(1)根据图乙分别找出在一定范围内A、B橡皮筋伸长与受到的拉力的函数关系式,根据函数关系式作答;(2)根据弹簧则力计的测力原理确定测力范围;根据受同样的力(在测量范围内)伸长量大的,测量精确高.(3)将本实验中相同的两根橡皮筋并联起来代替弹簧测力计使用时,根据力作用的相互性,求能够测量力的最大值.【解答】解:(1)由图乙可知,A橡皮筋在受到的拉力不大于10N的情况下,B橡皮筋在受到的拉力不大于15N的情况下,橡皮筋伸长量△x与橡皮筋受到的拉力大小F变化关系为一直线,说明橡皮筋的伸长△x与受到接力F成正比例函数的关系,FA=kA△xA,FB=kB△xB,由图知,当FA=5N,△xA=10cm;FB=10N,△xB=10cm,将上面的数据分别代入FA=kA△xA、FB=kB△xB得:kA=0.5N/cm、kB=1N/cm,因此FA=0.5△xA,FB=△xB,所以,当在两根橡皮筋上悬挂重力为6N的物体时,橡皮筋A的伸长量为△xA=cm=12cm,橡皮筋B的伸长量为△xB=cm=6cm;(2)测力计是根据在测量范围内,橡皮筋的伸长与受到的接力成正比的原理制成的,由图乙知,A的量程为0﹣10N,B的量程为0﹣15N,则用橡皮筋B制成的测力计量程大;由图乙可知,在测量范围内,如F=5N时,用橡皮筋A制成的测力计伸长10cm,而用橡皮筋B制成的测力计伸长5cm,所以,用橡皮筋A制成的测力测量的精确程度高;(3)将两根A并联,每根橡皮筋最大受到10N的拉力,根据力的作用是相互的,两根橡皮筋并联起来的弹簧测力计能够测量力的最大值应为20N.故答案为:(1)12;6;(2)B;A;(3)20.20.小聪设计了如图甲所示的电路,利用滑动变阻器调节小灯泡的电流和电压,观察小灯泡的发光情况.电源电压恒为6V,R是滑动变阻器.(1)闭合开关后,移动滑片P,发现两电表示数始终如图乙所示,原因是将滑动变阻器的  (填字母)两个接线柱接入了电路.(2)改正错误后,小聪继续实验,将有关实验数据标记在图丙上,分析图丙可知,他所选择的滑动变阻器的规格是 (选填字母).A.20Ω0.5AB.20Ω2AC.50Ω0.5AD.50Ω2A(3)图丙中,阴影部分的面积大小表示  .(4)实验操作时,因小灯泡L不慎损坏而出现断路,无论怎样移动滑片P,电压表指针 (选填“几乎不动”或“明显偏转”).【考点】探究用电器的电功率实验.【分析】(1)移动滑片,电流表示数不变,说明滑动变阻器接入电路的阻值为零或为定值电阻;根据电压表的示数确定滑动变阻器接入电路的接线柱;(2)根据图丙可知,当电路中电流最小时,滑动变阻器接入电路的阻值最大;根据串联电路电压规律和欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值;(3)根据阴影部分可知,阴影面积等于电压和电流的乘积,据此判断阴影部分面积表示的含义.(4)小灯泡L不慎损坏而出现断路,电压表串联在电路中,电压表分得的电压接近电源电压.【解答】解:(1)移动滑片,电流表示数不变,说明滑动变阻器接入电路的阻值为零或为定值电阻;根据图乙可知,电压表的量程0~15V,分度值为0.5V,示数为6V,等于电源电压,因此滑动变阻器接入电路的阻值为零,即滑动变阻器的接线柱CD接入了电路;(2)根据图丙可知,电路中的最小电流为0.2A,定值电阻两端电压为1V;由串联电路电压规律和欧姆定律可知,滑动变阻器接入电路的最大阻值:R===25Ω;电流大于0.5A,故选D;(3)根据图丙可知,阴影部分面积等于电流与电压的乘积,因此阴影部分的面积大小表示R1的电功率为P=UI=2V×0.4A=0.8W.(4)实验操作时,因小灯泡L不慎损坏而出现断路,则电压表串联在电路中,因其内阻比其它电路元件大的多,根据分压原理,其示数接近电源电压,移动滑片改变变阻器连入电路中的电阻时,电压表示数仍接近电源电压,指针几乎不动.故答案为:(1)CD;(2)D;(3)小灯泡的实际功率是0.8W;(4)几乎不动.四、计算与推导题(第21题9分,22题各8分,第23题6分,共23分;解答要有必要的公式和解答过程,只有最后答案的不能得分)21.利用如图所示的斜面装置用时10s可以把重为600N的物体匀速拉到斜面顶端,斜面长为5m,高为2m,实际拉力为300N.求:(1)拉力做功的功率;(2)该斜面装置的机械效率;(3)若沿斜面方向的拉力为F,物重为G,斜面长为L,高为H,请利用总功、有用功和额外功的关系推导出摩擦力f的表达式,并由表达式判断说明,拉力F和摩擦力f不是一对平衡力.【考点】功率的计算;斜面的机械效率.【分析】(1)根据功的计算公式W=Fs可求出拉力做的功,即总功;再根据功率的公式P=可求功率;(2)根据W=Gh求出有用功;然后根据机械效率的计算公式可求出斜面的效率.(3)明确题目中的额外功,体现在克服斜面的摩擦做的功;进而得出摩擦力与拉力不是平衡力.【解答】解:(1)拉力做功为:W总=FL=300N×5m=1500J;拉力的功率为:P===150w;(2)此过程中,所做的有用功为:W有=GH=600N×2m=1200J;则斜面的机械效率为:η===80%;(3)由W额=W总﹣W有,因为W总=FL,W有=GH,W额=fL;所以fL=FL﹣GH,f=F﹣;即f<F,因为f≠F,所以拉力F和摩擦力f是不是一对平衡力;答:(1)拉力做功的功率是150W;(2)该斜面装置的机械效率是80%;(3)拉力F和摩擦力f不是一对平衡力.22.小明用电水壶烧开水,电水壶内水的体积2L,电水壶正常工作560s,可将20℃的水加热至100℃.已知水的密度为1.0×103kg/m3,水的比热容为4.2×103J/(kg•℃).(1)求水吸收的热量;(2)若电水壶正常工作时放出的热量有80%被水吸收,求电水壶的电功率.【考点】电功与热量的综合计算.【分析】(1)知道水的体积,根据m=ρV求出水的质量,又知道水的初温、末温以及比热容,根据Q吸=cm(t2﹣t1)求出水吸收的热量;(2)根据η=×100%求出电水壶消耗的电能,再根据P=求出电水壶的电功率.【解答】解:(1)水的体积:V=2L=2dm3=2×10﹣3m3,由ρ=可得,水的质量:m=ρV=1.0×103kg/m3×2×10﹣3m3=2kg,水吸收的热量:Q吸=cm(t﹣t0)=4.2×103J/(kg•℃)×2kg×(100℃﹣20℃)=6.72×105J;(2)由η=×100%可得,电水壶消耗的电能:W===8.4×105J,电水壶的电功率:P===1500W.答:(1)水吸收的热量为6.72×105J;(2)电水壶的电功率为1500W.23.李刚同学做“伏安法”测电阻的实验时链接了如图甲所示的电路.闭合开关后,李刚调节滑动变阻器进行了多次测量.细心的李刚发现,滑动变阻器接入电路的阻值等于零时,待测电阻两端电压达不到两节新干电池串联后的总电压,此时对应的电流表电压表示数如图乙所示.实际上干电池的内部都是存在电阻的,简称内阻,干电池可以看成是一个电压稳定的理想电源与一个内阻串联而成.李刚想测出本实验中电源的内阻,他向老师要来一只5Ω的定值电阻替换掉甲图中的Rx,闭合开关,仍将滑动变阻器调节到接入电路的阻值等于零,测出此时电流为0.4A,请你结合李刚的两次测量求:(1)待测电阻Rx的阻值;(2)电源电压和干电池组的内阻r.【考点】欧姆定律的应用.【分析】(1)根据图乙中电表的量程和分度值读出示数,利用欧姆定律求出待测电阻Rx的阻值;(2)根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压;5Ω的定值电阻替换掉甲图中的Rx后,定值电阻与电源的内阻串联,电流表测电路中的电流,根据欧姆定律表示出电源的电压,利用电源的电压不变得出等式即可求出电池的内阻,进一步求出电源的电压.【解答】解:(1)由图乙可知,电压表的量程为0~3V,分度值为0.1V,示数为Ux=2.4V,电流表的量程为0~0.06A,分度值为0.02A,示数为Ix=0.2A,由I=可得,待测电阻Rx的阻值:Rx===12Ω;(2)因串联电路中总电阻等于各分电阻之和,所以,电源的电压:U=Ix(Rx+r)=0.2A×(12Ω+r),5Ω的定值电阻R0替换掉甲图中的Rx后,定值电阻与电源的内阻串联,电流表测电路中的电流,则电源的电压:U=I0(R0+r)=0.4A×(5Ω+r),因电源的电压不变,所以,0.2A×(12Ω+r)=0.4A×(5Ω+r),解得:r=2Ω,电源的电压U=Ix(Rx+r)=0.2A×(12Ω+2Ω)=2.8V.答:(1)待测电阻Rx的阻值为12Ω;(2)电源电压为2.8V,电池组的内阻为2Ω.

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